|
|
Учебник для 10 класса ФИЗИКА§ 4.5. Примеры решения задачПри решении задач с использованием неинерциальных систем отсчета применяются те же правила, что и при решении задач на динамику в инерциальных системах отсчета. Появляются лишь дополнительные силы — силы инерции. Если инерциальная система движется с постоянным ускорением п, то сила инерции и = -mп.
Во вращающейся системе координат центробежная сила инерции и = mω2R, если тело (материальная точка) находится на расстоянии R от оси вращения и покоится относительно данной неинерциальной системы отсчета. Нужно иметь в виду, что любую задачу можно решить, используя инерциальную систему отсчета. Использование неинерциальных систем отсчета диктуется соображениями простоты и удобства решения задач в этих системах. Задача 1 К потолку лифта, поднимающегося с ускорением а — 1,2 м/с2, направленным вверх, прикреплен динамометр. К динамометру подвешен блок, свободно вращающийся вокруг горизонтальной оси. Через блок перекинута нить, к концам которой прикреплены грузы массами m1 = 200 г и m2 = 300 г. Определите показания динамометра. Массой нити и блока пренебречь. Решение. Будем рассматривать движение относительно неинерциальной системы, связанной с лифтом. Вертикальную ось Y направим вверх (рис. 4.9). Действующие на грузы силы изображены на этом рисунке. Кроме сил тяжести m1 и m2 и сил натяжения нитей 1 и 2, действуют силы инерции Fи1 = -m1a и Fи2 = -m2a.
Рис. 4.9 Так как нить и блок невесомые, то Т1 = Т2 = Т и на блок со стороны нити действует сила, равная 2Т, направленная вниз. Сила, действующая на блок со стороны динамометра, уравновешивает эту силу, поэтому показания динамометра равны 2Т. Запишем уравнения движения грузов:
Здесь 1 и 2 — ускорения грузов относительно лифта. Очевидно, что ускорение 1 направлено вверх, а ускорение 2 направлено вниз, так как m2 > m1. Модули ускорений равны: а1 = а2 = аот. При положительном направлении оси Y вверх
Уравнения (4.5.1) для модулей перепишутся так:
Решая эту систему уравнений, получим
Показания динамометра
Задача 2 На поверхности Земли на широте φ лежит груз массой m (рис. 4.10). Радиус Земли R3. Найдите силу нормального давления груза на Землю (вес груза) и силу трения покоя. Угловая скорость вращения Земли ω.
Рис. 4.10 Решение. В системе отсчета, связанной с Землей, на груз действуют три обычные силы: сила притяжения к Земле, сила реакции опоры (она равна по модулю и противоположна по направлению силе нормального давления на Землю, т. е. весу тела) и сила трения покоя тр (эта сила препятствует скольжению груза от полюса к экватору). Кроме того, действует центробежная сила инерции и = mω2R, где R = R3cos φ — радиус окружности, по которой движется груз вместе с Землей относительно инерциальной системы отсчета. Все силы изображены на рисунке 4.10. Начало системы координат, связанной с Землей, совместим с центром тела; ось У направим перпендикулярно поверхности Земли, а ось X — по касательной к поверхности. Тело находится относительно Земли в покое. Поэтому сумма всех сил, действующих на него, равна нулю:
В проекциях на оси У и X это уравнение запишется так:
Отсюда
Вес тела
Из этих формул видно, что на полюсах Земли (φ = 90°) Р = mg. Это означает, что вес тела и сила тяжести равны по модулю. Сила трения на полюсе равна нулю. На экваторе (φ = 0°) Р = mg - mω2R3, т. е. вес меньше силы тяжести. Сила трения и на экваторе равна нулю. Максимальное значение сила трения имеет при φ = ± 45°, когда sin 2φ = 1. Задача 3 Тело находится в покое на вершине наклонной плоскости (рис. 4.11). За какое время тело соскользнет с плоскости, если плоскость в момент времени t0 = 0 начнет двигаться влево в горизонтальном направлении с ускорением а = 1 м/с2? Длина плоскости l = 1м, угол наклона к горизонту α = 30°, коэффициент трения между телом и плоскостью μ = 0,6.
Рис. 4.11 Решение. Координатные оси системы отсчета, связанной с плоскостью, направим вдоль плоскости и перпендикулярно ей (см. рис. 4.11). В этой системе отсчета, кроме силы тяжести m, силы реакции опоры и силы трения тp, действует сила инерции и. Искомое время определится по формуле пути при равноускоренном движении без начальной скорости:
Здесь аот — модуль ускорения тела относительно плоскости. Второй закон Ньютона в неинерциальной системе отсчета, связанной с плоскостью, запишется так:
где
Уравнения для модулей проекций на оси координат X и Y имеют вид
Учитывая, что Fтр = μN, из этой системы уравнений найдем ускорение аот:
Следовательно,
Упражнение 9
|
|
|